在這個網站（http://stevenkobes.com/ctest.html）上發現一套很有趣的C語言測試題，如果你招聘C語言相關開發人員，或者正在學習C語言，很值得做一做。
如果沒有做，下面內容暫時不要看，最好自己先完成一遍。
OK，假設你做的答案沒有完全正確，那你可以繼續看下去了，否則，後面內容對你來說就是小菜一碟，不值得看。
第一題：
#include <setjmp.h>
static jmp_buf buf;
int main(void)
{
volatile int b = 3;
if (setjmp(buf) != 0)
{
printf("%dn", b);
exit(0);
}
b = 5;
longjmp(buf, 1);
}
輸出結果為A）3 B）5 C）0 D）都不是
答案為B，也就是輸出5。
關鍵點在於理解setjmp以及longjmp，（http://en.wikipedia.org/wiki/Setjmp.h ）第一次運行到setjmp，會設置jmp_buf，然後返回0。當調用longjmp時，會把longjmp裡面的非0值作為setjmp的返回值返回（如果longjmp的value參數為0，setjmp恢復後返回1，也就是當恢復到setjmp存儲點的時候，setjmp一定不會返回0）。
setjmp-longjmp組合的用處類似於游戲中的存盤讀盤功能，經常被用於類似C++的異常恢復操作。
第二題：
struct node
{
int a;
int b;
int c;
};
struct node s = { 3, 5, 6 };
struct node *pt = &s;
printf("%dn", *(int*)pt);
返回結果為3，這個算是比較簡單，pt為指向結構s的指針，然後將pt轉換為int指針，進行dereference，取出一個int值，那就是結構中第一個數。
我們將題目改動一下，如下代碼：
struct node
{
char a;
char b;
short c;
int d;
};
struct node s = { 3, 5, 6, 99 };
struct node *pt = &s;
printf("%Xn", *(int*)pt);
需要注意的是一般32位C編譯器都認為char是8bit，short是16bit，int為32bit，所以node在內存中應該正好是對齊的，也就是abc這幾個成員之間沒有空隙。最終結果應該為60503，如果不是，歡迎你告訴我你具體的編譯環境以及硬件配置。
第三題：
int foo(int x, int n){
int val = 1;
if (n > 0)
{
if (n % 2 == 1) val *= x;
val *= foo(x * x, n / 2);
}
return val;
}
這道題其實最簡單的辦法就是在紙上做一個推演計算，一步一步跑一下，就能得到答案了，這裡面沒有任何復雜的C語言概念。
第四題：
int a[5] = { 1, 2, 3, 4, 5 };
int *ptr = (int*)(&a + 1);
printf("%d %dn", *(a + 1), *(ptr – 1));
這道題考的其實是指向數組的指針，&a是一個隱式的指向int [5]數組的指針，它和int* ptr是不一樣的，如果真要定義這個指針，應該是int (*ptoa)[5]。所以ptoa每一次加一操作都相當於跨越int a[5]的內存步長（也就是5個int長度），也就是說&a + 1其實就是指向了a[5]這個位置，實際上內存裡面這個位置是非法的，但是對ptr的強制轉換導致了後面ptr-1的內存步長改為了1個int長度，所以ptr-1實際指向了a[4]。至於*(a+1)沒什麼好說的，值就是2。
第五題：
void foo(int[][3]);
int main(void)
{
int a[3][3] = { {1, 2, 3}, {4, 5, 6}, {7, 8, 9} };
foo(a);
printf("%dn", a[2][1]);
return 0;
}
void foo(int b[][3])
{
++b;
b[1][1] = 9;
}
其實和前一題有異曲同工之妙，++b的步長實際上是3個int，也就是++b運算以後，b指向{4,5,6}這個數組的開始，而b[1]就是{7,8,9}, b[1][1]實際上就是8這個值也就是main函數中的a[2][1].
第六題：
int a, b, c, d;
a = 3;
b = 5;
c = a, b;
d = (a, b);
printf("c=%d ", c);
printf("d=%dn", d);
這個其實有兩個C語言知識點，一個是等號操作符優先級高於逗號操作符，另一個是逗號操作符相當於運算逗號前半部後半部的表達式，然後返回後半部表達式的值。所以c等於a（先計算等號），而d等於b（逗號表達式返回b）。
第七題：
int a[][3] = {1, 2, 3, 4, 5, 6};
int (*ptr)[3] = a;
printf("%d %d ", (*ptr)[1], (*ptr)[2]);
++ptr;
printf("%d %dn", (*ptr)[1], (*ptr)[2]);
依然是2維數組相關題目，ptr為指向int [3]數組的指針，首先指向a[0]，所以(*ptr)[1], (*ptr)[2]就是a[0][1], a[0][2].然後++ptr，相當於ptr指向了a[1]，這時得到的是a[1][1]，a[1][2]，所以結果就是2，3, 5, 6。
第八題：
int *f1(void)
{
int x = 10; return &x;
}
int *f2(void)
{
int *ptr; *ptr = 10; return ptr;
}
int *f3(void)
{
int *ptr; ptr = malloc(sizeof *ptr); return ptr;
}
這裡考的是返回一個指針的問題，一般來說返回指針的函數，裡面一定有malloc之類的內存申請操作，傳入指針類型，則是對指針指向的內容做修改。如果想修改指針本身，那就要傳入指針的指針。
第九題：
int i = 3; int j;
j = sizeof(++i + ++i);
printf("i=%d j=%dn", i, j);
這道題考的內容其實就是sizeof，如果計算表達式，那麼表達式是不會做計算的，也就是不管加加減減，sizeof就是針對i計算大小。在32位機器上，這個j應該為4。
我將代碼擴展了一下，看看大家能不能想到結果：
short m; int n; double dn; int j = sizeof ( m + n); int k = sizeof ( n + n); int l = sizeof ( m); int l2 = sizeof (m * m); int l3 = sizeof (m + dn); int l4 = sizeof (m + m);
第十題：
void f1(int*, int);
void (*p[2])(int*, int);
int main(void)
{
int a = 3;
int b = 5;
p[0] = f1;
p[1] = f1;
p[0](&a, b);
printf("%d %d ", a, b);
p[1](&a, b);
printf("%d %dn", a, b);
return 0;
}
void f1(int *p, int q)
{
int tmp = *p; *p = q; q = tmp;
}
函數指針的數組p勉強算是一個知識點，另外一個知識點就是第八題提到的，對於int q這樣的參數，是不會修改其內容的。而*p則可修改p指向的內容。
第十一題：
void e(int);
int main(void)
{
int a = 3;
e(a);
putchar('n');
return 0;
}
void e(int n)
{
if (n > 0)
{
e(–n);
printf("%d ", n);
e(–n);
}
}
這道題自己debug一下就完全明白了，主要知識點就是遞歸調用，另外前置後置自減操作的返回值問題。
第十二題：
typedef int (*test)(float*, float*); test tmp;
也是經常出現的一類題，對復雜的指針定義做解析，實際上K&R裡面（5.12）也有介紹該如何解讀。不熟悉的朋友可以試著練習練習標准庫中的bsearch，qsort以及signal函數。
第十三題：
char p;
char buf[10] = {1, 2, 3, 4, 5, 6, 9, 8};
p = (buf + 1)[5];
printf("%dn", p);
也就是p實際指向*(buf + 1 + 5)，寫的更詭異一些就是p=5[buf +1];也是同樣結果。
第十四題：
類似十三題，也是把數組弄得有些詭異，(p += sizeof(int))[-1];相當於*(p + sizeof(int) + (-1))。
第十五題：
int ripple(int n, …)
{
int i, j, k;
va_list p;
k = 0;
j = 1;
va_start(p, n);
for (; j < n; ++j)
{
i = va_arg(p, int);
for (; i; i &= i – 1)
++k;
}
return k;
}
int main(void)
{
printf("%dn", ripple(3, 5, 7));
return 0;
}
這道題也是兩個知識點，一個是可變參數函數定義以及如何實現，va_arg會把5，7依次取出來。另一個知識點是i &= i-1，實際上是計算了i二進制形式中1的個數，每次計算都會消減掉最低有效位上的1。比如7二進制表示為111。i &= i –1的計算結果依次為110，100, 000 （也就是0）。在hacker's Delights這本書裡介紹了很多類似技巧。
第十六題：
int counter(int i)
{
static int count = 0;
count = count + i;
return count;
}
int main(void)
{
int i, j;
for (i = 0; i <= 5; i++) j = counter(i);
printf("%dn", j);
return 0;
}
只要了解靜態局部變量的真正內涵，這道題就是小菜啦。
